Имеется хорошо проводящая плитка (150 Ватт/(м*К)), скажем квадратная, толщиной в 1 мм, находящаяся в равновесии с внешней средой.
Плитка движется плоскопаралельно со скоростью 10 мм/с одним углом вперед по направлению диагонали.
Диагональ - 300 мм. (Моделируем вэйфер, конечно же:)
Плитка проходит под плоскопаралельным и равномерным источиком тепла, скажем нагретое тело, like a hot brick.
Его ширина 5 мм, и краевыми эффектами будем пренебрегать; т.е. "включается" тепло только для той части плитки что под источником.
Как прощего всего упрямому коллеги показать "не на пальцах", (это объяснение на пальцах ему понятно, но он скрывает),
что термо-сенсор в самой передней части (5мм от переднего угла) будет иметь подьем температуры в несколько раз или более раз слабее чем подъем Темп. на последнем угле,
Что видно во всех данных в таком случае?
прикладная задача (упрощенная)
-
- Уже с Приветом
- Posts: 1031
- Joined: 29 Nov 2006 22:09
- Location: Si Valley
-
- Уже с Приветом
- Posts: 2555
- Joined: 26 Sep 2002 15:45
- Location: North-East of NA
Re: прикладная задача (упрощенная)
а можно начать с объяснения на пальцах, поскольку как мне кажется разница будет отнюдь не в разы (вот только максимум температуры на переднем датчике будет достигнут отнюдь не в момент прохода над "нагретым телом", а на заднем - как-раз в этот момент )
-
- Уже с Приветом
- Posts: 1031
- Joined: 29 Nov 2006 22:09
- Location: Si Valley
Re: прикладная задача (упрощенная)
Время наступления максимумов нас не волнует, а вот пики температур должны показать кол-во тепла, но они в разы отличаются, 5 раз для круглога диска из Кремния)
-
- Уже с Приветом
- Posts: 2555
- Joined: 26 Sep 2002 15:45
- Location: North-East of NA
Re: прикладная задача (упрощенная)
так я этого и не понимаю ... на пальцах даже (почему в реальной ситуации первый может показать в разы больше я как-раз понимаю очень хорошо - плоские датчики пока не придумали ещё а излучение тепло переносит весьма неплохо (в то время как "задний" всегда в тени диска).Hoochin wrote:Время наступления максимумов нас не волнует, а вот пики температур должны показать кол-во тепла, но они в разы отличаются, 5 раз для круглога диска из Кремния)
-
- Уже с Приветом
- Posts: 1031
- Joined: 29 Nov 2006 22:09
- Location: Si Valley
Re: прикладная задача (упрощенная)
Упрошхая задачу, поворачиваем квадрат на 45 градусов и меряем темературу около "плоского" края входяшхего и выходыешхего. Так будет ближе к практике.
-
- Уже с Приветом
- Posts: 11475
- Joined: 20 Nov 2000 10:01
- Location: Escondido, CA
Re: прикладная задача (упрощенная)
Когда передний угол плитки проходит под источником, центр плитки холодный. Поток тепла от источника к переднему углу ослабляется потоком тепла от переднего угла в глубину. После того, как угол отъезжает от источника, поток тепла разворачивается - из глубины к углу и из угла в окружающее пространство.Abappy wrote:так я этого и не понимаю ... на пальцах даже (почему в реальной ситуации первый может показать в разы больше я как-раз понимаю очень хорошо - плоские датчики пока не придумали ещё а излучение тепло переносит весьма неплохо (в то время как "задний" всегда в тени диска).Hoochin wrote:Время наступления максимумов нас не волнует, а вот пики температур должны показать кол-во тепла, но они в разы отличаются, 5 раз для круглога диска из Кремния)
Когда под источником проходит задний угол, центр теплый. Поток тепла от источника и из глубины к углу складываются. После проезда источника потоки опять-таки разворачиваются.
Поэтому на переднем конце пик будет широкий и низкий, а на заднем конце узкий и высокий.
Чтобы точно все посчитать, надо писать дифур.
Протоукр
-
- Уже с Приветом
- Posts: 1031
- Joined: 29 Nov 2006 22:09
- Location: Si Valley
Re: прикладная задача (упрощенная)
Диффур я написал для простого случая (плоским фронтом "вперед ногами"). Решить не могу, наверное надо численно решать ... т.е. макро или программу надо писать.Hamster wrote:Когда передний угол плитки проходит под источником, центр плитки холодный. Поток тепла от источника к переднему углу ослабляется потоком тепла от переднего угла в глубину. После того, как угол отъезжает от источника, поток тепла разворачивается - из глубины к углу и из угла в окружающее пространство.Abappy wrote:так я этого и не понимаю ... на пальцах даже (почему в реальной ситуации первый может показать в разы больше я как-раз понимаю очень хорошо - плоские датчики пока не придумали ещё а излучение тепло переносит весьма неплохо (в то время как "задний" всегда в тени диска).Hoochin wrote:Время наступления максимумов нас не волнует, а вот пики температур должны показать кол-во тепла, но они в разы отличаются, 5 раз для круглога диска из Кремния)
Когда под источником проходит задний угол, центр теплый. Поток тепла от источника и из глубины к углу складываются. После проезда источника потоки опять-таки разворачиваются.
Поэтому на переднем конце пик будет широкий и низкий, а на заднем конце узкий и высокий.
Чтобы точно все посчитать, надо писать дифур.
-
- Уже с Приветом
- Posts: 2555
- Joined: 26 Sep 2002 15:45
- Location: North-East of NA
Re: прикладная задача (упрощенная)
О спасибо ... и ещё теперь я понял, что всё будет на самом деле зависить от разницы температур, удельной теплоёмкости и скорости прохождения ... урааHamster wrote:Когда передний угол плитки проходит под источником, центр плитки холодный. Поток тепла от источника к переднему углу ослабляется потоком тепла от переднего угла в глубину. После того, как угол отъезжает от источника, поток тепла разворачивается - из глубины к углу и из угла в окружающее пространство.Abappy wrote:так я этого и не понимаю ... на пальцах даже (почему в реальной ситуации первый может показать в разы больше я как-раз понимаю очень хорошо - плоские датчики пока не придумали ещё а излучение тепло переносит весьма неплохо (в то время как "задний" всегда в тени диска).Hoochin wrote:Время наступления максимумов нас не волнует, а вот пики температур должны показать кол-во тепла, но они в разы отличаются, 5 раз для круглога диска из Кремния)
Когда под источником проходит задний угол, центр теплый. Поток тепла от источника и из глубины к углу складываются. После проезда источника потоки опять-таки разворачиваются.
Поэтому на переднем конце пик будет широкий и низкий, а на заднем конце узкий и высокий.
Чтобы точно все посчитать, надо писать дифур.
-
- Уже с Приветом
- Posts: 11475
- Joined: 20 Nov 2000 10:01
- Location: Escondido, CA
Re: прикладная задача (упрощенная)
Это не что иное, как inhomogeneous heat diffusion equation, он решается путемДиффур я написал для простого случая (плоским фронтом "вперед ногами"). Решить не могу, наверное надо численно решать ... т.е. макро или программу надо писать.
Для простого случая и если еще игнорировать краевые эффекты (принять, что пластина на самом деле бесконечная, но источник включается в момент времени 0 и выключается в момент времени 1),
Протоукр
-
- Уже с Приветом
- Posts: 11475
- Joined: 20 Nov 2000 10:01
- Location: Escondido, CA
Re: прикладная задача (упрощенная)
Это не что иное, как inhomogeneous heat diffusion equation с небольшим изворотомДиффур я написал для простого случая (плоским фронтом "вперед ногами"). Решить не могу, наверное надо численно решать ... т.е. макро или программу надо писать.
dT(x,t)/dt = a d^2 T / dx^2 - bT + E_ext(x,t) где E_ext(x,t) = E*delta(x-ct) h(x) h(w-x)
где a это теплопроводность плиты, b это коэффициент теплопередачи через границу материал-воздух (воздух я, для упрощения, держу при постоянной температуре, а потери на излучение игнорирую), c это скорость движения плитки, w ширина плитки, h функция Хевисайда, а источник я считаю точечным.
Наличие с правой стороны bT уничтожается заменой переменных T(x,t)=T'(x,t) exp(-bt). Оставшееся уравнение решается путем Фурье-преобразования. Но в простом случае и если еще игнорировать краевые эффекты (принять, что пластина на самом деле бесконечная, но источник включается в момент прохождения под координатой x=0 и выключается в точке x=w), можно упростить жизнь и взять формулу отсюда
http://en.wikipedia.org/wiki/Heat_Diffu ... t_equation
и просто подставить в нее f(x,t) = E*delta(x-ct) h(x) h(w-x).
Получается неприятного вида интеграл, который тем не менее сводится к сумме от двух до четырех слагаемых вида A*erf( (B*t+C)/sqrt(D*t) ).
Протоукр
-
- Уже с Приветом
- Posts: 8361
- Joined: 17 Oct 2001 09:01
- Location: Уездный город N
Re: прикладная задача (упрощенная)
Ваша пластина проходит под RTA source или есче чего за 30 s. За то же время тепловая диффусия x=sqrt(D*t), для кремния D = 1 cm^2/s, т.е. x = sqrt(30) = 5.5 cm длаы пластины 20-30 cm, т.е. разница по-моему будет очень небольшая.Hoochin wrote:Имеется хорошо проводящая плитка (150 Ватт/(м*К)), скажем квадратная, толщиной в 1 мм, находящаяся в равновесии с внешней средой.
Плитка движется плоскопаралельно со скоростью 10 мм/с одним углом вперед по направлению диагонали.
Диагональ - 300 мм. (Моделируем вэйфер, конечно же:)
Плитка проходит под плоскопаралельным и равномерным источиком тепла, скажем нагретое тело, like a hot brick.
Его ширина 5 мм, и краевыми эффектами будем пренебрегать; т.е. "включается" тепло только для той части плитки что под источником.
Как прощего всего упрямому коллеги показать "не на пальцах", (это объяснение на пальцах ему понятно, но он скрывает),
что термо-сенсор в самой передней части (5мм от переднего угла) будет иметь подьем температуры в несколько раз или более раз слабее чем подъем Темп. на последнем угле,
Что видно во всех данных в таком случае?